Читайте также:
|
|
11 класс (Время решения – 4 часа)
1. Выясните, какое из двух выражений 20142014 + 20122012 и 20142012 + 20122014
больше.
Решение: Рассмотрим разность чисел:
(20142014 + 20122012 ) – (20142012 + 20122014) = 20142014 + 20122012 - 20142012 - 20122014 = =20142012(20142 — 1) — 20122012(20122 — 1) = 2013∙2015∙20142012 — 2011∙2013∙2012 2012. Это число,
очевидно, положительно, следовательно, первое число больше второго.
2. Можно ли из последовательности 1, , , … выделить арифметическую прогрессию произвольной длины к?
Решение. Можно. Например, Здесь k! = 1×2×3×…×k.
3. Дана трапеция, в которую можно вписать окружность. Докажите, что окружности, построенные на ее боковых сторонах, как на диаметрах, касаются друг друга.
Решение: Если М и Н – центры окружностей, т.е. середины боковых сторон АВ и СD трапеции АВСD, то МН – средняя линия трапеции. Тогда МН= (AD+BC)= (AB+CD) = = AВ + CD =MB + HC = R +r. Следовательно, окружности касаются.
4. Штирлиц должен передать в Центр набор из четырех секретных чисел A, B, C, D (числа натуральные). Для большей секретности он отправил набор чисел A+B, A+C, A+D, B+C, B+D неизвестно в каком порядке. Центр, получив от Штирлица числа 13, 15, 16, 20, 22, расшифровал сообщение и нашел требуемый набор из четырех секретных чисел. Какие это были числа?
Ответ: Это числа - 6, 7, 9,13.
Решение: Поскольку (A+C)+(B+D) = (A+D)+(B+C), а из попарных сумм чисел 13, 15, 16, 20, 22 совпадают только 13+22 = 15+20 = 35, то A+B = 16, C+D = 19. Поскольку A и B одинаковой четности, то получаем систему двух уравнений с двумя неизвестными:
A+B = 16, |A-B| = 2. Решив систему, находим два числа 7 и 9 (т.е. A = 7, B = 9 или A = 9,
B = 7). Далее легко находим два недостающих числа: 6 и 13.
5. На окружности отмечено n точек. Известно, что среди всевозможных расстояний между двумя отмеченными точками не более 100 различных. Каково наибольшее возможное значение числа n?
Решение: Докажем, что наибольшее число точек, расположенных на окружности так, что среди всевозможных попарных расстояний между ними не более ста различных, равно 201.
Предположим, что таких точек более 201 и A - одна из них. Рассмотрим диаметр AB. С одной стороны диаметра (включая точку B) будет расположено не менее 101 точки нашего набора. Все расстояния между ними и точкой A различны, что противоречит
условию. Пример из 201 точки, удовлетворяющий условию, дают вершины правильного 201-угольника.
Муниципальный этап Российской олимпиады по математике 2014-15 учебного года
7 класс (Время решения – 3 часа)
1. Три брата пошли по грибы. Когда они набрали вместе 24 гриба, они пошли в сторону дома. На обратном пути первый брат удвоил количество грибов в своей корзинке, второй набрал половину того количества грибов, что у него было, а третий нашел 2 гриба. Когда братья вернулись, оказалось, что они набрали грибов поровну. Сколько всего грибов они нашли?
Ответ: 36.
Решение. Обозначим за x количество грибов у каждого в корзинке, когда они пришли домой. Тогда до поворота домой у первого брата было x/2 грибов, у второго - 2x/3, а у третьего (x-2) грибов. Получаем уравнение x/2 + 2x/3 + (x-2) = 24, откуда х=12.
2. Ученицы Мария, Нина, Ольга и Полина заняли первые 4 места в соревнованиях. До соревнований были сделаны 3 прогноза: 1) Ольга 2-я, Полина 3-я; 2) Ольга 1-я, Нина 2-я; 3) Мария 2-я, Полина 4-я. В каждом прогнозе оказалась верной только одна половина. Кто какое место занял?
Ответ. Ольга – первая, Мария – вторая, Полина – третья, Нина – четвертая.
Решение. Если в первом прогнозе верно, что Ольга – вторая, то тогда во втором прогнозе ложны оба утверждения. Значит, Ольга – не вторая, тогда Полина – третья. Но тогда в третьем прогнозе верно, что Мария – вторая. Но тогда Нина не может быть второй, то есть во втором прогнозе верно, что Ольга – первая. А тогда Нина – четвертая.
3. Пронумеруйте все вершины и все стороны 7-угольника целыми числами от 1 до 14 (каждое число должно быть использовано ровно 1 раз) так, чтобы при этом для каждой стороны сумма ее номера и номеров ее обоих концов была одной и той же?
Решение. Пример нумерации. Многоугольник ABCDEFG. Номера вершин по порядку, начиная с A: 1, 5, 2, 6, 3, 7, 4. Номера сторон по порядку, начиная с GA: 14, 13, 12, 11, 10, 9, 8.
Критерии. Любой пример, удовлетворяющий условию – 7 баллов. Неправильный пример (повторяющиеся числа, отсутствие каких-либо чисел, неравенство сумм) – 0 баллов.
4. В коробке лежат белые, синие, красные и зеленые шарики. Белых шариков в 4 раза меньше, чем синих, красных и зеленых вместе. Синих шариков в 6 раз меньше, чем белых, красных и зеленых вместе. Докажите, что число шариков в коробке делится на 35.
Решение. Примем число белых шариков за 1 часть. Тогда синих, красных и зеленых
вместе — 4 части, а всего шариков — 5 частей, то есть общее их количество делится на 5. Теперь примем за 1 часть число синих шариков. Тогда белых, красных и зеленых вместе — 6 частей, а всего шариков — 7 частей, то есть общее их количество делится на 7.
Так как числа 5 и 7 взаимно просты, общее число шариков делится на 5⋅7 = 35, что и требовалось доказать.
5. Петя разрезал (без остатка) квадрат на шесть прямоугольников и измерил длину и ширину каждого прямоугольника. Могло ли у него получиться 12 различных чисел? Если да — нарисуйте соответствующий чертеж, указав размеры каждого прямоугольника. Если нет — объясните, почему.
Ответ. Могло.
Пример. Например, в квадрате со стороной 18 самый верхний прямоугольник имеет размеры (высота×длина) 1×18, второй сверху — 5×16, левый — 13×2, нижний — 4×11, правый — 12×7, центральный — 8×9.
Дата добавления: 2014-12-19; просмотров: 52 | Поможем написать вашу работу | Нарушение авторских прав |
<== предыдущая лекция | | | следующая лекция ==> |
Муниципальный этап Российской олимпиады по математике 2014-15 учебного года | | | Моделирование типовых звеньев на Multisim |